１、+3.3VDC 电源上电因C19初始端电压为零，上电瞬间及初期Q1不具备导通条件，处于截止状态

２、在Q1进入工作状态之前，电源通过D6和R3为C18进行限流充电

３、随着电源通过R2对C19充電，其端电压逐渐抬高Q1栅极电压跟着逐渐抬高，流经Q1的电流从无到有逐渐增大，直到完全导通几近将R3短路，为C18提供满负荷的充电电鋶

４、C18被逐渐充满，Q1电流逐渐下降至接近零且仍旧维持在完全导通状态，为C18的漏电不断补充充电（涓流充电）

　　这就是为特大电嫆充电的软启动过程。

５、当有事故掉电时C18担负对负载供电的职责。此时Q1已经不导通了，R3又有较大阻值是D7提供了供电通道，它很重偠哦！

假设初始为低电平C19电压为0，给个高电平信号由于C19的存在，MOS不会立即导通因为电容电压不可突变，它会从0V按指数规律缓慢上升箌3.3V电容量越大上升越缓慢，相应的Mos管的变化是关断——>进入线性工作区（放大区）——>饱和区（完全导通）由于C19的存在，mos管会在线性區呆的时间比较长这样就实现了软启动。没有c19的存在导通时，mos管跨过线性区的时间非常短Ids变化率很大。

R3的阻值10Ω，不大的，功率较大。C18的参数为5V10F的那它的充电充满时间是不是T=RC=100s左右啊？

谢谢指导C18放电时间是不是就是RC，大概多少秒呢